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力扣编程题-解法汇总_分享+记录-CSDN博客

GitHub同步刷题项目：

https://github.com/September26/java-algorithms

原题链接：

力扣

描述：

给你一个字符串 s，请你对 s 的子串进行检测。

每次检测，待检子串都可以表示为 queries[i] = [left, right, k]。我们可以 重新排列 子串 s[left], ..., s[right]，并从中选择 最多 k 项替换成任何小写英文字母。 

如果在上述检测过程中，子串可以变成回文形式的字符串，那么检测结果为 true，否则结果为 false。

返回答案数组 answer[]，其中 answer[i] 是第 i 个待检子串 queries[i] 的检测结果。

注意：在替换时，子串中的每个字母都必须作为 独立的 项进行计数，也就是说，如果 s[left..right] = "aaa" 且 k = 2，我们只能替换其中的两个字母。（另外，任何检测都不会修改原始字符串 s，可以认为每次检测都是独立的）

示例：

输入：s = "abcda", queries = [[3,3,0],[1,2,0],[0,3,1],[0,3,2],[0,4,1]]
输出：[true,false,false,true,true]
解释：
queries[0] : 子串 = "d"，回文。
queries[1] : 子串 = "bc"，不是回文。
queries[2] : 子串 = "abcd"，只替换 1 个字符是变不成回文串的。
queries[3] : 子串 = "abcd"，可以变成回文的 "abba"。 也可以变成 "baab"，先重新排序变成 "bacd"，然后把 "cd" 替换为 "ab"。
queries[4] : 子串 = "abcda"，可以变成回文的 "abcba"。

提示：

• 1 <= s.length, queries.length <= 10^5
• 0 <= queries[i][0] <= queries[i][1] < s.length
• 0 <= queries[i][2] <= s.length
• s 中只有小写英文字母

解题思路：

* 解题思路：

* 构建二维数组，timeList[i]代表第i位出现的次数，length代表26个字母出现的。

* 每次遍历queries的时候，取timeList[left]和timeList[right]，求之间的各个字符的出现次数。

* 如果是偶数则跳过，奇数则diffTimes++。最终如果right-left为奇数，则diffTimes应该为1。否则为0

代码：

class Solution1177
{
public:
    bool check(vector<int> left, vector<int> right, int length, int k)
    {
        int diffTimes = 0;
        for (int i = 0; i < left.size(); i++)
        {
            if ((right[i] - left[i]) % 2 == 0)
            {
                continue;
            }
            diffTimes++;
            if (diffTimes == 2)
            {
                diffTimes = 0;
                k--;
            }
        }
        if (k < 0)
        {
            return false;
        }
        if (length % 2 == 0)
        {
            return diffTimes == 0;
        }
        return diffTimes == 1;
    }

    vector<bool> canMakePaliQueries(string s, vector<vector<int>> &queries)
    {
        vector<bool> list;
        vector<vector<int>> timeList(s.length() + 1, vector<int>(26));
        int length = s.length();
        vector<int> querie(26);
        for (int i = 1; i < length + 1; i++)
        {
            querie[s.at(i - 1) - 'a']++;
            timeList[i] = querie;
        }
        for (int i = 0; i < queries.size(); i++)
        {
            int left = queries[i][0];
            int right = queries[i][1] + 1;
            int k = queries[i][2];
            list.push_back(check(timeList[left], timeList[right], right - left, k));
        }
        return list;
    }
};