不知道什么的复习题

news2024/11/15 11:15:41

P4408 [NOI2003] 逃学的小孩，一眼就看出要化简题面：不就是找三个点使得AB+BC最大嘛，不妨想起直径的性质，最长，而且其他点到它的距离最长。那么直接拿直径来做就行。推导出结论为ans=max(min(dis[A][k],dis[B][k])+dis[A][B]);那么直接求直径算就行，我们尝试贪心的选择路径就行了。

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long 
using namespace std;
int n,m,len=0,last[250001],dis[3][250001],A,B;
struct pp
{
	int x,y,c,next;
};pp p[250001];
void ins(int x,int y,int c)
{
	int now=++len;
	p[now]={x,y,c,last[x]};last[x]=now;
	return ;
}
void dfs1(int x,int fa)
{
	for(int i=last[x];i!=-1;i=p[i].next)
	{
		int y=p[i].y;if(y==fa) continue ;
		dis[0][y]=dis[0][x]+p[i].c;dfs1(y,x);
	}
	if(dis[0][x]>dis[0][A]) A=x;
	return ;
} 
void dfs2(int x,int fa)
{
	for(int i=last[x];i!=-1;i=p[i].next)
	{
		int y=p[i].y;if(y==fa) continue ;
		dis[0][y]=dis[0][x]+p[i].c;dfs2(y,x);
	}
	if(dis[0][x]>dis[0][B]) B=x;
	return ;
}
void dfs3(int x,int fa,int k)
{
	for(int i=last[x];i!=-1;i=p[i].next)
	{
		int y=p[i].y;if(y==fa) continue ;
		dis[k][y]=dis[k][x]+p[i].c;dfs3(y,x,k);
	}
	return ;
}
signed main()
{
	memset(last,-1,sizeof(last));
	scanf("%lld%lld",&n,&m);
	for(int i=1;i<=m;i++) 
	{
		int x,y,c;scanf("%lld%lld%lld",&x,&y,&c);
		ins(x,y,c);ins(y,x,c);
	}
	dfs1(1,1);memset(dis[0],0,sizeof(dis[0]));dfs2(A,A);
	dfs3(A,A,1);dfs3(B,B,2);int ans=0;
	for(int i=1;i<=n;i++) ans=max(min(dis[1][i],dis[2][i])+dis[0][B],ans);
	printf("%lld\n",ans); 
	return 0;
}

P3225 [HNOI2012]矿场搭建呃复习一下割点以及不知道什么东西的做法。讨论一下就行,发现一定能在缩完之后得到一颗树，那么不妨推敲一下每种情况的不同。

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long 
using namespace std;
int n,m,len=0,last[100001],dfsx[100001],low[100001],dfs_x=0,id[100001],point=0,sum,num;
bool v[100001];
struct pp
{
	int x,y,next;
};pp p[100001];
void ins(int x,int y)
{
	int now=++len;
	p[now]={x,y,last[x]};last[x]=now;
	return ;
}
void CNT(int x,int dd) 
{
	int ch=0;dfsx[x]=low[x]=++dfs_x;
	for(int i=last[x];i!=-1;i=p[i].next)
	{
		int y=p[i].y;
		if(!dfsx[y])
		{
			CNT(y,dd);low[x]=min(low[x],low[y]);//考虑从最上面的点过来	 
			if(low[y]>=dfsx[x]&&dd!=x) v[x]=true;//如果有一个点能被断掉 
			if(x==dd) ch++;//根的情况 
		}
		low[x]=min(low[x],dfsx[y]);//取一手最小值 
	}
	if(ch>=2) v[x]=true;//如果是根的话 
	return ;
}
void dfs(int x)
{
    id[x]=point;//标记 
    if(v[x]) return;
    sum++;//	printf("*");
    for(int i=last[x];i!=-1;i=p[i].next)
    {
        int y=p[i].y;
        if(v[y]&&id[y]!=point) num++,id[y]=point;//统计割点数目。 
        //如果是割点且标记不与遍历的的连通块相同就修改标记。 
        if(!id[y]) dfs(y);
    }
}
signed main()
{
	int tot=0;
	while(scanf("%lld",&n))
	{
		if(!n) break ;int ans1=0,ans2=1,maxx=0 ;
		memset(low,0,sizeof(low));memset(last,-1,sizeof(last));memset(id,0,sizeof(id));
		memset(dfsx,0,sizeof(dfsx));memset(p,0,sizeof(p));memset(v,false,sizeof(v));len=0;dfs_x=0;point=0;
		for(int i=1;i<=n;i++)
		{
			int x,y;scanf("%lld%lld",&x,&y);
			ins(x,y);ins(y,x);maxx=max(max(x,y),maxx);
		}
		for(int i=1;i<=maxx;i++) if(!dfsx[i]) CNT(i,i);
		for(int i=1;i<=maxx;i++)
		{
			if(!v[i]&&!id[i]) 
			{
				point++;num=sum=0;dfs(i);//printf(">>%d\n",point);
				if(!num) ans1+=2,ans2*=sum*(sum-1)/2;
				if(num==1) ans1++,ans2*=sum;
			}
		}
		printf("Case %lld: %lld %lld\n",++tot,ans1,ans2);
	}
	return 0;	
}

P1273 有线电视网，烦人的树形背包，差点没搞出来。一般看到不能直接从上一个点转移的东西，直接状压或者背包好了。气死！注意有一个小细节，每次u合并儿子son的背包时，两层循环中，外层只循环到u在遍历到son之前的叶节点总数，son只循环到son自己子树内的叶节点总数 。那么你的时间是n^2，要是你枚举上当前节点的，那时间就是n ^ 3了。这样复杂度就假了。那么不妨枚举选取了多少个节点，明显可以转移钱。最后再枚举一下就好。https://blog.csdn.net/no1_terminator/article/details/77824790推荐

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,len=0,last[100001],siz[100001],f[4000][4000],tmp[4000],val[4000];
struct pp
{
	int x,y,c,next;
};pp p[100001];
void ins(int x,int y,int c)
{
	int now=++len;
	p[now]={x,y,c,last[x]};last[x]=now;
	return ;
}
void dfs(int x,int fa)
{
	if(x>=n-m+1)
	{
		siz[x]=1;f[x][1]=val[x];
		return ;
	}
	for(int i=last[x];i!=-1;i=p[i].next)
	{
		int y=p[i].y;if(y==fa) continue ;dfs(y,x);
		for(int j=0;j<=siz[x];j++) tmp[j]=f[x][j];
		for(int j=0;j<=siz[x];j++)
		{
			for(int k=0;k<=siz[y];k++) f[x][j+k]=max(f[x][j+k],tmp[j]+f[y][k]-p[i].c);//printf("%d\n",f[x][j+k]);
		}
		siz[x]+=siz[y];
	}
	return ;
}
int main()
{
	memset(last,-1,sizeof(last));memset(f,~0x3f,sizeof(f));
	scanf("%d%d",&n,&m);
	for(int i=1;i<=n-m;i++)
	{
		int x;scanf("%d",&x);
		for(int j=1;j<=x;j++) 
		{
			int y,c;scanf("%d%d",&y,&c);
			ins(i,y,c);
		}
	}
	for(int i=n-m+1;i<=n;i++) scanf("%d",&val[i]);
	for(int i=1;i<=n;i++) f[i][0]=0;
	dfs(1,1);int ans=0;
	for(int i=m;i>=1;i--)
	{//printf("%d  ",f[1][i]);
		if(f[1][i]>=0) 
		{
			printf("%d",i);
			return 0;
		}
	}
	return 0;
}

P2656 采蘑菇

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,len=0,last[100001],dfsx[100001],low[100001],dfs_x=0,id[100001],point=0;
int q[100001],top=0,siz[100001],f[100001],ans=0;bool v[100001];
struct pp
{
	int x,y,c,next,val,re;
};pp p[400001],L[400001];
int getval(int x,int k)
{
	int tot=0;
	while(x) tot+=x,x=x*k/10;
	return tot;
}
void ins(int x,int y,int c)
{
	int now=++len;
	p[now]={x,y,c,last[x]};last[x]=now;
	return ;
}
void SH(int x)
{
	dfsx[x]=low[x]=++dfs_x;
	v[x]=true;q[++top]=x;
	for(int i=last[x];i!=-1;i=p[i].next)
	{
		int y=p[i].y;
		if(!dfsx[y]) SH(y),low[x]=min(low[x],low[y]);
		else if(v[y]) low[x]=min(low[x],dfsx[y]);
	}
	if(dfsx[x]==low[x])
	{
		point++;
		while(dfsx[x]<=dfsx[q[top]])
		{
			id[q[top]]=point;v[q[top]]=false;
			top--,dfs_x--;
		}
	}
	return ;
} 
bool cmp(const pp &x,const pp &y)
{
	if(x.x!=y.x) return x.x<y.x;
	return x.y<y.y;
}
void remake()
{
	memset(last,-1,sizeof(last));len=0;memset(p,0,sizeof(p));
	for(int i=1;i<=m;i++) L[i].x=id[L[i].x],L[i].y=id[L[i].y];
	sort(L+1,L+m+1,cmp);
	for(int i=1;i<=m;i++)
	{
		if(L[i].x==L[i].y) siz[L[i].x]+=getval(L[i].val,L[i].re);
		else ins(L[i].x,L[i].y,L[i].val);
	}
	return ;
}
void dfs(int x)
{
	if(f[x]) return ;
	for(int i=last[x];i!=-1;i=p[i].next)
	{
		int y=p[i].y;
		dfs(y);f[x]=max(f[x],f[y]+p[i].c);
	}
	f[x]+=siz[x];
	return ;
}
int main()
{
	memset(last,-1,sizeof(last));memset(f,0,sizeof(f));
	scanf("%d%d",&n,&m);
	for(int i=1;i<=m;i++)
	{
		int x,y,val,re;double k;scanf("%d%d%d%lf",&x,&y,&val,&k);
		re=k*10;ins(x,y,0);L[i].x=x,L[i].y=y,L[i].val=val,L[i].re=re;
	}
	int ST;scanf("%d",&ST);
	for(int i=1;i<=n;i++) if(!dfsx[i]) SH(i);
	remake();dfs(id[ST]);printf("%d",f[id[ST]]);
	return 0;
}

P2619 [国家集训队]Tree I，奇怪的二分，但是看得出来在限定范围内求最小，那么考虑从选择的边的边权入手，考虑贪心的选择但是这样是错误的，具体的可以自己举一个反例。如果，在当前情况下，如若白点的边数不够的话，说明它的白的整体边权过大了。那么我们让所有的白边减去一个(x)， 就会导致，顺序变换，那么就会改变选择的边。刚刚在想，要是选择的白边多了怎么办，完全没问题，因为可以继续减。
在这里插入图片描述

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,need,fa[100001];
struct pp
{
	int x,y,c,color;
};pp p[1000001];
int findfa(int x)
{
	if(fa[x]==x) return x;
	return fa[x]=findfa(fa[x]);
}
int check()
{
	int tot=0,num=0,rt=0;
	for(int i=1;i<=m;i++)
	{
		int x=p[i].x,y=p[i].y,fx=findfa(x),fy=findfa(y);
		if(fx!=fy) rt+=p[i].c,tot+=(p[i].color^1),fa[fx]=fy,num++;
		if(num==n-1)break;
	}
	if(tot>=need) return rt;
	return 0;
}
bool cmp(const pp &x,const pp &y)
{
	if(x.c==y.c) return x.color<y.color;
	return x.c<y.c;	
}
void remake(int val)
{
	for(int i=0;i<=n;i++) fa[i]=i;
	for(int i=1;i<=m;i++) if(!p[i].color) p[i].c+=val;
	sort(p+1,p+m+1,cmp);
	return ;
}
int main()
{
	scanf("%d%d%d",&n,&m,&need);
	int l=-111,r=111,ans;
	for(int i=1;i<=m;i++) scanf("%d%d%d%d",&p[i].x,&p[i].y,&p[i].c,&p[i].color);//l-=min(p[i].c,0),r+=max(0,p[i].c);
	while(l<=r)
	{
		int mid=(l+r)/2;
		remake(mid);
		if(check()) ans=mid,l=mid+1;
		else r=mid-1;
		remake(-mid);
	}
	remake(ans);
	printf("%d",check()-ans*need);
	return 0;
}

要不我们去做国集的题目吧虽然看起来很难：P3918 [国家集训队]特技飞行。这个比较简单不难发现无论怎么摆放动作，一个动作的贡献都是c*abs（第一次做-最后一次做），那么我们直接排列就行。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,a[100001],ans=0,tot=0;
bool cmp(const int &x,const int &y)
{
	return x>y;
}
int main()
{
	scanf("%d%d",&m,&n);
	for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]);
	sort(a+1,a+n+1,cmp);
	for(int i=1;i<=min(m/2,n);i++) tot++,ans+=(a[i]*(m-tot*2+1));
	printf("%d",ans);
	return 0;
}

P1499 [CTSC2000]公路巡逻呃这个算了。
P1792 [国家集训队]种树一眼dp发现会爆炸，那么直接看题解，大佬说：可反悔贪心！我哈哈大笑，根本不会。问题不大，不妨维护一个大根堆，对于每一个选取的节点，将其的左右两个节点的val-它的val的和插入进去，那么就可以做到反悔了。

#include<bits/stdc++.h> 
using namespace std;
int n,m,a[220000],pre[220000],net[220000],ans=0;bool v[220000];
struct node
{
	int id,val;
	friend bool operator <(const node &x,const node &y)
	{
		return x.val < y.val;	
	};
};priority_queue<node > q;
void dl(int now)
{
	pre[now]=pre[pre[now]];net[now]=net[net[now]];
	net[pre[now]]=now;pre[net[now]]=now;
	return ;
}
int main()
{
	memset(v,false,sizeof(v));
	scanf("%d%d",&n,&m);
	if(n/2<m) 
	{
		printf("Error!");return 0;
	}
	for(int i=1;i<=n;i++) 
	{
		scanf("%d",&a[i]),pre[i]=i-1,net[i]=i+1;
		node e;e.id=i,e.val=a[i],q.push(e);
	}
	pre[1]=n;net[n]=1;
	for(int i=1;i<=m;i++)
	{
		while(v[q.top().id]) q.pop();
		node now=q.top();q.pop();
		a[now.id]=a[pre[now.id]]+a[net[now.id]]-a[now.id];v[pre[now.id]]=v[net[now.id]]=true;
		node e;e.val=a[now.id];e.id=now.id;q.push(e);
		ans+=now.val;dl(now.id);
	}
	printf("%d",ans);
	return 0;
}

明天需要做点：dp+数据结构+字符串。

本文来自互联网用户投稿，该文观点仅代表作者本人，不代表本站立场。本站仅提供信息存储空间服务，不拥有所有权，不承担相关法律责任。如若转载，请注明出处：http://www.coloradmin.cn/o/32656.html

如若内容造成侵权/违法违规/事实不符，请联系多彩编程网进行投诉反馈，一经查实，立即删除！

相关文章

CSS3------CSS选择器

CSS3------CSS选择器

界面中的“超文本“本质上就是通过一个一个矩形盒子包起来&#xff0c;然后进行排版组合&#xff0c;那么接下来要详细研究这个标签盒子的细节结构&#xff0c;以帮助学习如何使用它&#xff0c;但是在开始研究它之前&#xff0c;我们先来了解一个概念&#xff0c;选择器的概念…
阅读更多...
BN、CBN、CmBN 的对比与总结

BN、CBN、CmBN 的对比与总结

BN、CBN、CmBN 的对比与总结 最近看到了关于 Yolo 系列 trick 的总结文章 【Make YOLO Great Again】YOLOv1-v7全系列大解析&#xff08;Tricks篇&#xff09;&#xff0c;其中提到了 YoloV4 中使用了 CmBN&#xff0c;这是对 CBN 的改进&#xff0c;可以较好的适应小 batch 的…
阅读更多...
电容笔值不值得买？电容笔十大品牌排行

电容笔值不值得买？电容笔十大品牌排行

要想给我们的ipad配置一款电容笔&#xff0c;如果感觉苹果原装的电容笔价格远远超过预算。这时候平替电容笔是个非常值得入手的选择。试想一下购买一款苹果原装的电容笔的资金都够买整整四款平替电容笔了&#xff0c;平替电容笔价格便宜且功能跟苹果的电容笔相差无几。下面我来…
阅读更多...
【设计模式】 - 结构型模式 - 迭代器模式

【设计模式】 - 结构型模式 - 迭代器模式

目录标题前言迭代器模式概述结构实现优缺点JDK源码解析前言 行为型模式用于描述程序在运行时复杂的流程控制&#xff0c;即描述多个类或对象之间怎样相互协作共同完成单个对象都无法单独完成的任务&#xff0c;它涉及算法与对象间职责的分配。 行为型模式分为类行为模式和对象…
阅读更多...
ai绘画有哪些软件，盘点三款免费且超级好用的AI绘画工具

ai绘画有哪些软件，盘点三款免费且超级好用的AI绘画工具

Ai绘画有哪些软件&#xff1f;不但可以免费使用&#xff0c;而且生成的画作精美&#xff0c;而且生成的图片速度还要很快&#xff1f; 不用急&#xff0c;今天小编给大家推荐的这三款ai绘画工具完全满足了上述条件&#xff01; 第一款&#xff0c;重磅级产品&#xff0c;数画…
阅读更多...
内存 地址转换、分段、空闲空间管理

内存 地址转换、分段、空闲空间管理

目录 1. 地址转换 1.1 动态重定位 1.1.1 基址寄存器&#xff08;虚拟地址 -> 物理地址) 1.1.2 界限寄存器&#xff08;提供访问保护&#xff09; 1.2 操作系统的工作 2. 分段 2.1 分段&#xff1a;泛化的基址/界限 2.2 引用哪个段 2.3 代码和堆的地址转换举例 2.4…
阅读更多...
Java#23(常见API--1)

Java#23(常见API--1)

目录 一.Math Math是一个帮助我们用于进行数学计算的工具类 工具类的特点: Math类中的常用方法 二.System System是一个工具类,为我们提供一些与系统相关的办法 一.Math Math是一个帮助我们用于进行数学计算的工具类 工具类的特点: 私有化构造方法,所有的方法都是静态的 M…
阅读更多...
[附源码]java毕业设计医院预约挂号管理系统

[附源码]java毕业设计医院预约挂号管理系统

项目运行 环境配置&#xff1a; Jdk1.8 Tomcat7.0 Mysql HBuilderX&#xff08;Webstorm也行&#xff09; Eclispe&#xff08;IntelliJ IDEA,Eclispe,MyEclispe,Sts都支持&#xff09;。 项目技术&#xff1a; SSM mybatis Maven Vue 等等组成&#xff0c;B/S模式 M…
阅读更多...
web网页设计期末课程大作业 我的美丽家乡盐城 HTML+CSS+JavaScript

web网页设计期末课程大作业 我的美丽家乡盐城 HTML+CSS+JavaScript

家乡旅游景点网页作业制作 网页代码运用了DIV盒子的使用方法&#xff0c;如盒子的嵌套、浮动、margin、border、background等属性的使用&#xff0c;外部大盒子设定居中&#xff0c;内部左中右布局&#xff0c;下方横向浮动排列&#xff0c;大学学习的前端知识点和布局方式都有…
阅读更多...
Linux C应用编程-2-Makefile编写

Linux C应用编程-2-Makefile编写

1.基本规则 #规则格式 target ... : prerequisites ... command1command2#例如 main: main.o stack.o maze.ogcc main.o stack.o maze.o -o main main是规则的目标&#xff08;Target&#xff09;&#xff0c;main.o、stack.o和maze.o是规则的条件&#xff08;Prerequisite&am…
阅读更多...
贴地气的安卓UI自动化工具4399AT全面更新了~

贴地气的安卓UI自动化工具4399AT全面更新了~

4399AT是 一款兼容多设备运行并实现全自动化的测试的安卓UI工具&#xff0c;全自动化测试是指从apk的安装到按钮点击&#xff0c;密码输入到安装完成&#xff0c;不需要人工介入&#xff0c;兼容android5.0-12.0系统大部分品牌&#xff0c;至于开始测试&#xff0c;启动apk后&a…
阅读更多...
（十）笔记.net学习Lambda和Linq表达式

（十）笔记.net学习Lambda和Linq表达式

1.lambda表达式的演变 Lambda表达式的本质是“匿名方法”&#xff1a; C#的Lambda 表达式都使用 Lambda 运算符 >&#xff0c;该运算符读为“goes to”。语法如下&#xff1a; (object argOne, object argTwo) > {; /*Your statement goes here*/} 函数体多于一条语句…
阅读更多...
一次Actuator未授权访问利用

一次Actuator未授权访问利用

目录 介绍 复现 Actuator目录下可能利用泄漏信息的路径 利用 思考 处理意见 介绍 事先得到同意对朋友公司的网站进行了扫描&#xff0c;扫出了一个Actuator未授权&#xff0c;于是开始复现并记录一下&#xff0c;最后获取了redis的密码 复现 这里是请求包 响应包成功返回…
阅读更多...
qt 虚拟键盘中的几个瑕疵

qt 虚拟键盘中的几个瑕疵

最近使用了下面楼主的虚拟键盘&#xff0c;总体还是挺好用的&#xff0c;只是有几个地方&#xff0c;需要完善下。 基于Qt的可用于嵌入式的虚拟键盘_偷段代码的博客-CSDN博客_qt 嵌入式虚拟键盘这几天完成了一个基于Qt的虚拟键盘的编写&#xff0c;记录一下过程与感受&#xf…
阅读更多...
Python操作Numpy模块库

Python操作Numpy模块库

14天学习训练营导师课程&#xff1a; 杨鑫《Python 自学编程基础》 杨鑫《 Python 网络爬虫基础》 杨鑫《 Scrapy 爬虫框架实战和项目管理》 Python操作Numpy模块库 文章目录Python操作Numpy模块库1.Numpy介绍2.Numpy安装3.Numpy模块练习3.1 创建数组3.2 获取数组3.3 切割数组…
阅读更多...
二叉树路径问题+递归+有关题目

二叉树路径问题+递归+有关题目

一、分类 1、自顶向下 顾名思义&#xff0c;就是从某一个节点(不一定是根节点)&#xff0c;从上向下寻找路径&#xff0c;到某一个节点(不一定是叶节点)结束&#xff0c;具体题目如下&#xff1a;而继续细分的话还可以分成一般路径与给定和的路径 二叉树的所有路径面试题 04…
阅读更多...
Qt 利用UDP进行通信

Qt 利用UDP进行通信

一、UDP的特点 UDP&#xff08;用户数据报协议&#xff09;是一种简单轻量级、不可靠、面向数据报&#xff0c;无连接的传输层协议。而TCP/IP协议却是有连接的 二、UDP适合应用的几种情况 1、网络数据大多为短消息 2、拥有大量客户端 3、对数据安全性无特殊要求 4、网络负…
阅读更多...
pmap gdb 分析堆外内存泄露情况

pmap gdb 分析堆外内存泄露情况

一、查看内存分部 pmap -x 8 | sort -k3 -n -r | more ---- 8 是 PID 最大的肯定是堆内存。 其他的就需要看情况来分析了。 二、cat /proc/8/smaps | grep 7fad64000000 -- 8 是 PID , 地址的前4个0需要去掉。查到起止内存地址。 7fad64000000-7fad68000000 r…
阅读更多...
Bioinformatics2019 | FP2VEC+：基于新分子特征的分子性质预测

Bioinformatics2019 | FP2VEC+：基于新分子特征的分子性质预测

论文标题&#xff1a;FP2VEC&#xff1a;a new molecular featurizer for learning molecular properties 代码&#xff1a; GitHub - wsjeon92/FP2VEC 预测化合物性质最成功的方法之一是定量结构-活性关系(QSAR)方法。 Mol2vec使用分子子结构表将分子结构表示为类似于分子指…
阅读更多...
甘露糖-聚乙二醇-CY5 Cy5-PEG-mannose

甘露糖-聚乙二醇-CY5 Cy5-PEG-mannose

甘露糖-聚乙二醇-CY5 Cy5-PEG-mannose 中文名称&#xff1a;甘露糖-菁染料CY5 英文名称&#xff1a;mannose-Cyanine5 别称&#xff1a;CY5标记甘露糖&#xff0c;CY5-甘露糖 存储条件&#xff1a;-20C&#xff0c;避光&#xff0c;避湿 外观:固体或粘性液体&#xff0c;取…
阅读更多...
推荐文章
最新文章

Copyright @ 2022~2023