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目录
1、题目链接
2、题目介绍
3、解法（快慢指针）
解题步骤：
关键点：
复杂度分析：
4、代码
1、题目链接
206. 反转链表 - 力扣（LeetCode）
2、题目介绍
3、解法（快慢指针）
这里采用的就是三个指针（或者可以说是两个指针加一个临时变量）的方法来实现链表的反转。
解题步骤：
- 边界条件处理：
- 首先检查输入的头节点
head是否为nullptr。如果是，直接返回nullptr，因为空链表反转后仍然是空链表。- 初始化指针：
cur指针初始化为nullptr，它将会指向反转后的链表的当前节点。在反转过程中，cur会逐渐成为反转后链表的头节点。NEXT指针初始化为head，它指向当前正在处理的节点。tmp指针用于临时存储NEXT->next的值，以便在反转NEXT节点的指向后，能够继续遍历原链表。- 迭代反转链表：
- 使用一个
while循环，条件是NEXT不为nullptr，表示还有节点需要处理。- 在每次循环中，首先用
tmp保存NEXT->next的值，即当前节点的下一个节点。- 然后将
NEXT->next指向cur，完成当前节点的反转。- 更新
cur和NEXT的值，cur指向NEXT（现在已反转），NEXT指向tmp（即原来的下一个节点）。- 返回结果：
- 当
NEXT为nullptr时，循环结束，此时cur指向反转后的链表的头节点。- 返回
cur即可。关键点：
- 指针的更新顺序：先改变当前节点的
next指向，再移动指针。- 防止链表断裂：使用
tmp临时变量保存未处理的链表部分，确保在反转当前节点后，仍然可以访问到剩余链表。- 理解指针的作用：
cur是反转后链表的当前节点，NEXT是当前正在处理的节点，tmp是临时存储的下一个节点。复杂度分析：
- 时间复杂度：O(n)，其中n是链表的长度。因为需要遍历整个链表。
- 空间复杂度：O(1)。只使用了常数个额外变量，没有使用与链表长度相关的额外空间。
4、代码
/**
* Definition for singly-linked list.
* struct ListNode {
* int val;
* ListNode *next;
* ListNode() : val(0), next(nullptr) {}
* ListNode(int x) : val(x), next(nullptr) {}
* ListNode(int x, ListNode *next) : val(x), next(next) {}
* };
*/
class Solution {
public:
ListNode* reverseList(ListNode* head) {
if (head == nullptr)
return head;
//快慢双指针
//直接一个一个结点的反转
ListNode* cur = NULL, *NEXT = head;
while (NEXT != NULL)
{
ListNode* tmp = NEXT->next;//tmp临时指针，存放未被反转的链表，防止丢失
NEXT->next = cur;
cur = NEXT;
NEXT = tmp;
}
return cur;
}
};
