1.160. 相交链表
给你两个单链表的头节点 headA 和 headB ，请你找出并返回两个单链表相交的起始节点。如果两个链表不存在相交节点，返回 null 。
图示两个链表在节点 c1 开始相交：
题目数据 保证 整个链式结构中不存在环。
注意，函数返回结果后，链表必须 保持其原始结构 。
自定义评测：
评测系统 的输入如下（你设计的程序 不适用 此输入）：
intersectVal- 相交的起始节点的值。如果不存在相交节点，这一值为0listA- 第一个链表listB- 第二个链表skipA- 在listA中（从头节点开始）跳到交叉节点的节点数skipB- 在listB中（从头节点开始）跳到交叉节点的节点数
评测系统将根据这些输入创建链式数据结构，并将两个头节点 headA 和 headB 传递给你的程序。如果程序能够正确返回相交节点，那么你的解决方案将被 视作正确答案 。
示例 1：
输入：intersectVal = 8, listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,6,1,8,4,5], skipA = 2, skipB = 3 输出：Intersected at '8' 解释：相交节点的值为 8 （注意，如果两个链表相交则不能为 0）。 从各自的表头开始算起，链表 A 为 [4,1,8,4,5]，链表 B 为 [5,6,1,8,4,5]。 在 A 中，相交节点前有 2 个节点；在 B 中，相交节点前有 3 个节点。 — 请注意相交节点的值不为 1，因为在链表 A 和链表 B 之中值为 1 的节点 (A 中第二个节点和 B 中第三个节点) 是不同的节点。换句话说，它们在内存中指向两个不同的位置，而链表 A 和链表 B 中值为 8 的节点 (A 中第三个节点，B 中第四个节点) 在内存中指向相同的位置。
示例 2：
输入：intersectVal = 2, listA = [1,9,1,2,4], listB = [3,2,4], skipA = 3, skipB = 1 输出：Intersected at '2' 解释：相交节点的值为 2 （注意，如果两个链表相交则不能为 0）。 从各自的表头开始算起，链表 A 为 [1,9,1,2,4]，链表 B 为 [3,2,4]。 在 A 中，相交节点前有 3 个节点；在 B 中，相交节点前有 1 个节点。示例 3：
输入：intersectVal = 0, listA = [2,6,4], listB = [1,5], skipA = 3, skipB = 2 输出：null 解释：从各自的表头开始算起，链表 A 为 [2,6,4]，链表 B 为 [1,5]。 由于这两个链表不相交，所以 intersectVal 必须为 0，而 skipA 和 skipB 可以是任意值。 这两个链表不相交，因此返回 null 。提示：
listA中节点数目为mlistB中节点数目为n1 <= m, n <= 3 * 1041 <= Node.val <= 1050 <= skipA <= m0 <= skipB <= n- 如果
listA和listB没有交点，intersectVal为0- 如果
listA和listB有交点，intersectVal == listA[skipA] == listB[skipB]进阶：你能否设计一个时间复杂度
O(m + n)、仅用O(1)内存的解决方案？
思路：
先扫描一遍两链表长度，然后让长链表先动lenA-lenB，接着同时往下遍历，当两指针所指相同时停止。停止后判断，如果该位置是None，则无交点，否则指向的位置即为交点。
代码：
# Definition for singly-linked list.
# class ListNode(object):
# def __init__(self, x):
# self.val = x
# self.next = None
class Solution(object):
def getIntersectionNode(self, headA, headB):
"""
:type head1, head1: ListNode
:rtype: ListNode
"""
lenA,lenB=0,0
p=headA
while p.next!=None:
lenA+=1
p=p.next
p=headB
while p.next!=None:
lenB+=1
p=p.next
if lenA>lenB:
p=headA
q=headB
else:
p=headB
q=headA
for i in range(abs(lenA-lenB)):
p=p.next
while p!=q:
p=p.next
q=q.next
if p!=None:return p
else:return None
Java版：
/**
* Definition for singly-linked list.
* public class ListNode {
* int val;
* ListNode next;
* ListNode(int x) {
* val = x;
* next = null;
* }
* }
*/
public class Solution {
public ListNode getIntersectionNode(ListNode headA, ListNode headB) {
if (headA == null || headB == null) return null;
ListNode pA = headA, pB = headB;
while (pA != pB) {
pA = pA == null ? headB : pA.next;
pB = pB == null ? headA : pB.next;
}
return pA;
}
}2.206. 反转链表
给你单链表的头节点 head ，请你反转链表，并返回反转后的链表。
示例 1：
输入：head = [1,2,3,4,5] 输出：[5,4,3,2,1]示例 2：
输入：head = [1,2] 输出：[2,1]示例 3：
输入：head = [] 输出：[]提示：
- 链表中节点的数目范围是
[0, 5000]-5000 <= Node.val <= 5000进阶：链表可以选用迭代或递归方式完成反转。你能否用两种方法解决这道题？
思路：
这不是有手就行？头插法原地重构链表
代码：
/**
* Definition for singly-linked list.
* struct ListNode {
* int val;
* ListNode *next;
* ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}
* };
*/
class Solution {
public:
ListNode* reverseList(ListNode* head) {
ListNode *res = new ListNode(0);
ListNode *p = head,*temp;
while(p){
temp=p->next;
p->next=res->next;
res->next=p;
p=temp;
}
return res->next;
}
};3.234. 回文链表
给你一个单链表的头节点 head ，请你判断该链表是否为回文链表。如果是，返回 true ；否则，返回 false 。
示例 1：
输入：head = [1,2,2,1] 输出：true示例 2：
输入：head = [1,2] 输出：false提示：
- 链表中节点数目在范围
[1, 10^5]内0 <= Node.val <= 9进阶：你能否用
O(n)时间复杂度和O(1)空间复杂度解决此题？
思路：
1)最简单的思路：依次入栈，入栈前与栈顶比较，如果不同则继续入栈，否则便开始边遍历边出栈，如果出栈元素与遍历元素内容相同，直至栈空则认为是回文链表，返回True；否则返回false.
2)第二种：遍历链表，把元素依次放入数组中，然后首尾双指针比对！
3）更加推荐：！！！使用快慢指针，先开始遍历，快指针一次走两步，慢指针一次走一步，当快指针到底时，慢指针刚好到中间。反转后半部分链表，然后判断是否回文。
整个流程可以分为以下五个步骤：
1.找到前半部分链表的尾节点。
2.反转后半部分链表。
3.判断是否回文。
4.恢复链表。
5.返回结果。
执行步骤一，我们可以计算链表节点的数量，然后遍历链表找到前半部分的尾节点。我们也可以使用快慢指针在一次遍历中找到：慢指针一次走一步，快指针一次走两步，快慢指针同时出发。当快指针移动到链表的末尾时，慢指针恰好到链表的中间。通过慢指针将链表分为两部分。
若链表有奇数个节点，则中间的节点应该看作是前半部分。
步骤二可以使用「206. 反转链表」问题中的解决方法来反转链表的后半部分。
步骤三比较两个部分的值，当后半部分到达末尾则比较完成，可以忽略计数情况中的中间节点。
步骤四与步骤二使用的函数相同，再反转一次恢复链表本身。
代码：
C：
/**
* Definition for singly-linked list.
* struct ListNode {
* int val;
* struct ListNode *next;
* };
*/
bool isPalindrome(struct ListNode* head){
if(head==NULL)return false;
int *mid = (int*)calloc(sizeof(int),100000);
int length = 0;
struct ListNode *p = head;
while(p!=NULL){
mid[length++] = p->val;
p = p->next;
}
int i =0,j=length-1;
while(i<j){
if(mid[i]!=mid[j])
return false;
i++;j--;
}
return true;
}
这种空间复杂度有点高！
快慢指针：
class Solution:
def isPalindrome(self, head: ListNode) -> bool:
if head is None:
return True
# 找到前半部分链表的尾节点并反转后半部分链表
first_half_end = self.end_of_first_half(head)
second_half_start = self.reverse_list(first_half_end.next)
# 判断是否回文
result = True
first_position = head
second_position = second_half_start
while result and second_position is not None:
if first_position.val != second_position.val:
result = False
first_position = first_position.next
second_position = second_position.next
# 还原链表并返回结果
first_half_end.next = self.reverse_list(second_half_start)
return result
def end_of_first_half(self, head):
fast = head
slow = head
while fast.next is not None and fast.next.next is not None:
fast = fast.next.next
slow = slow.next
return slow
def reverse_list(self, head):
previous = None
current = head
while current is not None:
next_node = current.next
current.next = previous
previous = current
current = next_node
return previous
![[C#][opencvsharp]opencvsharp sift和surf特征点匹配](https://img-blog.csdnimg.cn/direct/37c3f9c3b367492d947ce0f074544a44.jpeg)
