图论day56|广度优先搜索理论基础 、bfs与dfs的对比（思维导图）、 99.岛屿数量（卡码网）、100.岛屿的最大面积（卡码网））
- 广度优先搜索理论基础
- bfs与dfs的对比（思维导图）：
- 99.岛屿数量(卡码网)
- 1.深搜法
- 2.广搜法
- 100.岛屿的最大面积（卡码网)
广度优先搜索理论基础
-
应用场景：
- 适合于解决两个点之间的最短路径问题
- 不涉及具体的遍历方式，深搜和广搜都可以
-
广搜（bfs）的过程：
-
代码框架：
int dir[4][2] = {0, 1, 1, 0, -1, 0, 0, -1}; // 表示四个方向
// grid 是地图，也就是一个二维数组
// visited标记访问过的节点，不要重复访问
// x,y 表示开始搜索节点的下标
void bfs(vector<vector<char>>& grid, vector<vector<bool>>& visited, int x, int y) {
queue<pair<int, int>> que; // 定义队列
que.push({x, y}); // 起始节点加入队列
visited[x][y] = true; // 只要加入队列，立刻标记为访问过的节点
while(!que.empty()) { // 开始遍历队列里的元素
pair<int ,int> cur = que.front(); que.pop(); // 从队列取元素
int curx = cur.first;
int cury = cur.second; // 当前节点坐标
for (int i = 0; i < 4; i++) { // 开始想当前节点的四个方向左右上下去遍历
int nextx = curx + dir[i][0];
int nexty = cury + dir[i][1]; // 获取周边四个方向的坐标
if (nextx < 0 || nextx >= grid.size() || nexty < 0 || nexty >= grid[0].size()) continue; // 坐标越界了，直接跳过
if (!visited[nextx][nexty]) { // 如果节点没被访问过
que.push({nextx, nexty}); // 队列添加该节点为下一轮要遍历的节点
visited[nextx][nexty] = true; // 只要加入队列立刻标记，避免重复访问
}
}
}
}
要素：
- 表示方向的二维数组
- 表示地图的二维数组
- 表示是否访问的二维数组
- 坐标的数据类型
- 能存储坐标的队列
- 当前结点（curx，cury）和下一个结点坐标（nextx，nexty）
代码思路：将起始点存入队列并获取当前元素，再根据当前元素获取下一个元素，并存入队列
（以上主要摘自代码随想录）
bfs与dfs的对比（思维导图）：
99.岛屿数量(卡码网)
题目描述
给定一个由 1（陆地）和 0（水）组成的矩阵，你需要计算岛屿的数量。岛屿由水平方向或垂直方向上相邻的陆地连接而成，并且四周都是水域。你可以假设矩阵外均被水包围。
输入描述
第一行包含两个整数 N, M，表示矩阵的行数和列数。
后续 N 行，每行包含 M 个数字，数字为 1 或者 0。
输出描述
输出一个整数，表示岛屿的数量。如果不存在岛屿，则输出 0。
输入示例
4 5
1 1 0 0 0
1 1 0 0 0
0 0 1 0 0
0 0 0 1 1
输出示例
3
提示信息
根据测试案例中所展示，岛屿数量共有 3 个，所以输出 3。
数据范围：
1 <= N, M <= 50
1.深搜法
#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;
int dir[4][2]={0, 1, 1, 0, -1, 0, 0, -1};
void dfs(const vector<vector<int>> &grid,vector<vector<bool>> &visited,int x,int y)
{
if(grid[x][y]==0||visited[x][y])
return;
visited[x][y]=true;
for(int i=0;i<4;i++)
{
int nextx=x+dir[i][0];
int nexty=y+dir[i][1];
if(nextx<=0||nextx>=grid.size()||nexty<=0||nexty>=grid[1].size())
continue;
dfs(grid,visited,nextx,nexty);
}
}
int main()
{
int n,m;
cin>>n>>m;
vector<vector<int>> grid(n+1,vector<int>(m+1,0));
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
{
cin>>grid[i][j];
}
vector<vector<bool>> visited(n+1,vector<bool>(m+1,false));
int result=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
if(grid[i][j]==1&&!visited[i][j])
{
result++;
dfs(grid,visited,i,j);
}
cout<<result<<endl;
return 0;
}
2.广搜法
#include <iostream>
#include <vector>
#include <queue>
using namespace std;
int dir[4][2]={1,0,-1,0,0,1,0,-1};
void bfs(vector<vector<int>> grid,vector<vector<bool>>& visited,int x,int y)
{
queue<pair<int,int>> que;
que.push({x,y});
visited[x][y]=true;
while(!que.empty())
{
pair<int,int> cur=que.front();
que.pop();
int curx=cur.first;
int cury=cur.second;
for(int i=0;i<4;i++)
{
int nextx=curx+dir[i][0];
int nexty=cury+dir[i][1];
if(nextx<=0||nextx>=grid.size()||nexty<=0||nexty>=grid[1].size())
continue;
if(grid[nextx][nexty]==1&&visited[nextx][nexty]==false)
{
que.push({nextx,nexty});
visited[nextx][nexty]=true;
}
}
}
}
int main()
{
int n,m;
cin>>n>>m;
vector<vector<int>> grid(n+1,vector<int>(m+1,0));
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
cin>>grid[i][j];
vector<vector<bool>> visited(n+1,vector<bool>(m+1,false));
int result=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
if(visited[i][j]==false&&grid[i][j]==1)
{
result++;
bfs(grid,visited,i,j);
}
cout<<result<<endl;
}
分析思路如下：
100.岛屿的最大面积（卡码网)
题目描述
给定一个由 1（陆地）和 0（水）组成的矩阵，计算岛屿的最大面积。岛屿面积的计算方式为组成岛屿的陆地的总数。岛屿由水平方向或垂直方向上相邻的陆地连接而成，并且四周都是水域。你可以假设矩阵外均被水包围。
输入描述
第一行包含两个整数 N, M，表示矩阵的行数和列数。后续 N 行，每行包含 M 个数字，数字为 1 或者 0，表示岛屿的单元格。
输出描述
输出一个整数，表示岛屿的最大面积。如果不存在岛屿，则输出 0。
输入示例
4 5
1 1 0 0 0
1 1 0 0 0
0 0 1 0 0
0 0 0 1 1
输出示例
4
提示信息
样例输入中，岛屿的最大面积为 4。
数据范围：
1 <= M, N <= 50。
#include <iostream>
#include <vector>
#include <queue>
using namespace std;
int dir[4][2]={1,0,-1,0,0,1,0,-1};
void bfs(vector<vector<int>> grid,vector<vector<bool>> &visited,int x,int y,int &area)
{
queue<pair<int,int>> que;
que.push({x,y});
visited[x][y]=true;
area++;
while(!que.empty())
{
pair<int,int> cur=que.front();
que.pop();
int curx=cur.first;
int cury=cur.second;
for(int i=0;i<4;i++)
{
int nextx=curx+dir[i][0];
int nexty=cury+dir[i][1];
if(nextx<=0||nextx>=grid.size()||nexty<=0||nexty>=grid[1].size())
continue;
if(grid[nextx][nexty]==1&&visited[nextx][nexty]==false)
{
que.push({nextx,nexty});
visited[nextx][nexty]=true;
area++;
}
}
}
}
int main()
{
int n,m;
cin>>n>>m;
vector<vector<int>> grid(n+1,vector<int>(m+1,0));
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
cin>>grid[i][j];
vector<vector<bool>> visited(n+1,vector<bool>(m+1,false));
int maxArea=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
if(visited[i][j]==false&&grid[i][j]==1)
{
int area=0;
bfs(grid,visited,i,j,area);
maxArea=max(maxArea,area);
}
cout<<maxArea<<endl;
}
在99题的基础上加一个area即可，基本没有难度
