day1

选择题

1. 以下for循环的执行次数是（）。

for(x=0,y=0;(y=123)&&(x<4);×++);

A 是无限循环
B 循环次数不定
C 4
D 3

本题主要考察for

for(初始化部分；条件判断部分；调整部分)

初始化部分只执行一次。

&&：控制求值顺序——两边都为真才为真，若左边为假，直接判断为假，右边不判断。

(y=123)是一个赋值语句，赋值返回的结果是123，恒为真。所以x=[0, 3]共4次，选D。

2. 以下程序的运行结果是（）。

int main()
{
	printf("%s, %5.3s\n","computer", "computer");
	return 0;
}

A computer, puter
B computer, com
C computer, computer
D computer, compu.ter

本题主要考察printf的字符串格式控制

对于printf(“%M.Ns”)：

M：打印的宽度
- M>0：右对齐 M<0：左对齐
- 多的补空格
N：从左边开始，拿N个字符打印

所以题中printf(“%5.3s”)的意思是：

M>0，右对齐，打印的宽度为5，多的补空格
左边开始，拿3个字符

" com" 空格空格com，选B。

3. 下列main()函数执行后的结果为(）

int func()
{
	int i,j,k=0;
	for(i=0, j=-1;j=0;i++, j++)
	{
		k++；
  }
	return k；
}
	int main()
	{
	cout<<(func())；
	}

A -1

B 0

C 1

D 2

仍然考察for循环。j=0的返回值恒为假，初始化后，发现判断条件为假，就根本不会进for，返回k，即0，打印。选B。

4. 下面程序输出是什么？

#include <stdio.h>
int main()
{
	int a=1,b=2, c=3,d=0；
	if(a == 1 && b++ == 2)
	if(b!=2 || c-- !=3)
	printf("%d,%d,%d\n"”,a,b，c)；
	else
	printf("%d,%d，%d\n" ,a,b,c)；
	else
	printf("%d, %d,%din",a,b,c)；

	return 0;
}

A 1, 2, 3
B 1, 3, 2
C 1, 3, 2
D 1, 3, 3

本题考察if else的匹配

根据else的特性：会匹配最近的if。

我们可以找第一个else，匹配“if(b!=2llc–！=3)”，这两个拉走之后，第二个else就匹配"if(a == 1 8& b++==2)"。

第一个if是可以进的，判断后b自增至3。所以第二个if也能进，||控制求值顺序，判断为真后直接跳出。a=1 b=3 c=3。D

5. 若有定义语句：int a=10；double b=3.14；则表达式 A+a+b 值的类型是（）

A char
B int
C double
D float

用相近类型直接进行计算，会发生自动类型转换（提升）：精度低 ==> 精度高。C

6. 在int p[][4]={ {1}, {3,2}, {4,5,6}, {0} };中，p[1][2]的值是()

A 1
B 0
C 6
D 2

本题考察数组的特性

p是一行有4个int的二维数组，按照一对花括号一行的原则初始化

[1, 0, 0, 0]

[3, 2, 0, 0]

[4, 5, 6, 0]

[0, 0, 0, 0]

7. 选择表达式 11|10 的结果（本题数值均为十进制）

A 11
B 10
C 8
D 2

本题考察进制转换和位运算

对于数值不大的“十进制转二进制”，我们可以凑

11 = 8 + 2 + 1 = 2^3 + 2^1 + 2^0

= 0000 1011

10 = 8 + 2 = 2^3 + 2^1

= 0000 1010

按位或|：1是老大，每位上有1则1

0000 1011 | 0000 1010

1111121= 0000 1011 —— 选A

对于数值较大的“十进制转二进制”，我们可以“除2倒取余”的方法。

具体见文末。

8. fun(21)运行结果是()

int fun(int a)
{
	a^=(1<<5) -1；
	return a;
}

A 10
B 5
C 3
D 8

本题考察位运算

a ^= (1<<5) - 1：a = a ^ (1<<5) - 1
1 << 5 - 1
- (0000 0001 << 5 ) - 1 =
- 0010 0000 - 1 = 31
a = 21:

a = 21 ^ 31

0001 0101 ^

0001 1111 =

0000 1010 = 10（十进制）

选A。

9. 若有定义语句：int year=1009，*p=&year；以下不能使变量 year 中的值增至 1010 的语句是

A *p+=1;
B (*p)++;
C ++(*p);
D *p++;

A：解引用找到year，year += 1
B：解引用找到year，对其后置++。此语句后，year++
C：解引用找到year，对其前置++。year在当前语句++。
D：的优先级比*（解引用）高，但因为是后置++，所以先对p解引用找到year，但什么也没对year做，而后p++，让它跳过一个int（指针的加减见文末）。

选D。

10. 下面关于"指针"的描述不正确的是()

A 当使用free释放掉一个指针内容后,指针变量的值被置为NULL
B 32位系统下任何类型指针的长度都是4个字节
C 指针的数据类型声明的是指针实际指向内容的数据类型
D 野指针是指向未分配或者已经释放的内存地址

A：free函数仅进行释放空间的操作，不会自动将指针变量置空。（free对NULL也是什么都不做的）

B：没问题。不管你类型的大小是多大，32位机器下，都是用32个二进制位来标识地址，也就是4个字节

C：没问题。

D：没问题。

总结

printf的格式控制

对于printf(“%M.Ns”)：

M：打印的宽度
- M>0：右对齐
- M<0：左对齐
- 多的补空格
N：从左边开始，拿N个字符打印

控制求值顺序

&& 和 ||都可以控制求值顺序——能判断出结果直接得出结果，不进行后面的操作和判断。

编程题

1. 组队竞赛

题目描述：

牛牛举办了一次编程比赛,参加比赛的有3*n个选手,每个选手都有一个水平值a_i.现在要将这些选手进行组队,一共组成n个队伍,即每个队伍3人.牛牛发现队伍的水平值等于该队伍队员中第二高水平值。
例如:
一个队伍三个队员的水平值分别是3,3,3.那么队伍的水平值是3
一个队伍三个队员的水平值分别是3,2,3.那么队伍的水平值是3
一个队伍三个队员的水平值分别是1,5,2.那么队伍的水平值是2
为了让比赛更有看点,牛牛想安排队伍使所有队伍的水平值总和最大。
如样例所示:
如果牛牛把6个队员划分到两个队伍
如果方案为:
team1:{1,2,5}, team2:{5,5,8}, 这时候水平值总和为7.
而如果方案为:
team1:{2,5,8}, team2:{1,5,5}, 这时候水平值总和为10.
没有比总和为10更大的方案,所以输出10.

输入描述:

输入的第一行为一个正整数n(1 ≤ n ≤ 10^5)

第二行包括3*n个整数a_i(1 ≤ a_i ≤ 10^9),表示每个参赛选手的水平值.

输出描述:

输出一个整数表示所有队伍的水平值总和最大值.

示例1

输入

2
5 2 8 5 1 5

输出

分析

读完题目，可以了解：

我们需要分组，最大化 “每组的第二大水平值总和”。换句话说，每组的次大都要尽可能大。怎么做？

需要一个最大的，一个次大的，一个最小的，来组成一组。拿一个最大的是为了次大的能成为次大，否则这个次大就是最大了，而我们尽可能大的次大已经拿到，剩下的一个就拿一个最小的，来保证最大化中值。

但这代码咋写啊，没头绪呢。“手过”个样例试试。

这样就需要排序。比如，将 [2, 4, 5, 1, 3, 8, 7, 9, 6] 排序，得到[1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9]

组1:[1, 8, 9] 9来保证次大，1来保证来保证最大化中值。

组2:[2, 6, 7] 7来保证次大，2来保证来保证最大化中值。

组3:[3, 4, 5] 5来保证次大，3来保证来保证最大化中值。

8 + 6 + 4 = 18 即是每组都拿到尽可能大的次大

那这个次大，怎么来？

[ 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9 ]

0 1 2 3 4 5 6 7 8

组1的次大8，下标是7

组2的次大6，下标是5

组3的次大4，下标是3

可以推出公式：次大下标 = 数组长度 - 2(组数i +1)*

7 = 9 - 2*1

5 = 9 - 2*2

3 = 9 - 2*3

代码

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;

int main()
{
    int n = 0;
    cin >> n;
    vector<int> arr;
    arr.resize(3 * n);
    
    for(int i = 0; i < 3*n; ++i)
        cin >> arr[i];
    
    sort(arr.begin(), arr.end());
    
    int sum = 0;
    for(int i = 0; i< n; ++i)
    {
        //次大的下标
        int index = arr.size() - 2 *(i+1);
        sum += arr[index];
    }

    
    cout << sum << endl;
    
    return 0;
}

在这里插入图片描述

过了大部分用例，但是数据量大的时候崩了，能想到是int溢出，sum给上一个long即可

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;

int main()
{
    int n = 0;
    cin >> n;
    vector<int> arr;
    arr.resize(3 * n);
    
    for(int i = 0; i < 3*n; ++i)
        cin >> arr[i];
    
    sort(arr.begin(), arr.end());
    
    long sum = 0;
    for(int i = 0; i< n; ++i)
    {
        //次大的下标
        int index = arr.size() - 2 *(i+1);
        sum += arr[index];
    }

    
    cout << sum << endl;
    
    return 0;
}

在这里插入图片描述

总结

明白题意，能手过样例，但代码不知道怎么写：写出用例，把过程总结成代码

2. 删除公共字符

描述

输入两个字符串，从第一字符串中删除第二个字符串中所有的字符。例如，输入”They are students.”和”aeiou”，则删除之后的第一个字符串变成”Thy r stdnts.”

输入描述：

每个测试输入包含2个字符串

输出描述：

输出删除后的字符串

示例1

输入：

They are students. 
aeiou

输出：

Thy r stdnts.

分析

读完题可以知道，要在第一个字符串中删除第二个字符串中的所有元素。

怎么删除？遍历第一个字符串，如果发现当前字符是第二个字符串中的任意一个，删除。

我们这里采用hash映射的思想。

hash映射：构建一个足够大的数组，每个下标对应的元素，是“下标值”出现过的次数。

什么意思呢？就是把值映射成下标，具体位置记录次数，比如

对于int数组[1, 1, 3, 4, 5]，我们要映射进hash内（有相对映射和绝对映射两种，此处讲解相对映射）

构建足够大的数组：因为最大值达到了5，我们 int hash[6]

hash： [0, 0, 0, 0, 0, 0, 0]

下标 0 1 2 3 4 5 6

遍历数组[1, 1, 3, 4, 5]，发现1出现两次，那么在hash内，把1的值映射成下标，就是hash[1]，hash内的元素记录次数，所以hash[1]应该是2。遍历完成应该是这样：

hash： [0, 2, 0, 1, 1, 1, 0]

下标 0 1 2 3 4 5 6

这样能极大加快效率，把第二个字符串映射到hash数组，遍历第一个字符串的时候，想对比当前字符是不是要删除的，就可以通过下标直接访问：如果是0就没出现过，反之就要删除。

代码

#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;

int main() 
{
    string s;
    string del;//要删除的
    getline(cin, s);
    getline(cin, del);

    //hash映射
    //构建hash数组：因为char的范围是[-128,127]，所以128个元素就足够大
    vector<int> hash;
    hash.resize(128);

    //映射
    for(int i = 0; i < del.size(); ++i)
    {
        ++hash[del[i]];//将值映射成下标，记录次数
    }
		
  	//直接删除麻烦，我们选不删除的保存起来吗，最后再赋给s
    string tmp;
    for(int i = 0; i < s.size(); ++i)
    {
        if(hash[s[i]] == 0)
            tmp.push_back(s[i]);
    }
    s = tmp;

    cout << s << endl;
}