力扣刷题 旋转矩阵
- 二维矩阵按圈遍历（顺时针 or 逆时针）遍历
- 59. 旋转矩阵Ⅱ
- 54. 旋转矩阵
- 剑指 Offer 29. 顺时针打印矩阵
二维矩阵按圈遍历（顺时针 or 逆时针）遍历
下面的题目的主要考察点都是，二维数组从左上角开始顺时针（或者逆时针）按圈遍历数组的过程。顺时针按圈遍历的过程如下：
对于每一圈，分为四条边，循环遍历就好。这时，对于四个角的元素的处理，可以将四条边的遍历分为以下两种情况：
- 第一种：每条边都从对应一角开始，遍历对应边的时候，最后一个元素留给下一条边；比如第一条绿色的边，最后一个元素就没有遍历；第二条黄色的变就从左上角元素开始，相应的最左下角的元素没有访问；以此类推；
代码实现（C++）：
//count表示访问了的元素个数，控制遍历完数组没有
while(count <= n*n){
//i，j是行、列的下标，每次总是从[0,0]，[1,1]开始一圈循环
int i = p;
int j = p;
//每圈最上面一条边的遍历
while(j < n - 1 - p){
//因为最一个元素[i][n-1-p]留给下一条边，因此这里不取等
ans[i][j++] = count++;
}
//每圈最右边的一条边的遍历
while(i < n - 1 - p){
//因为最一个元素[n-1-p][j]留给下一条边，因此这里不取等
ans[i++][j] = count++;
}
//每圈最下面一条边的遍历
while(j > p){
//因为最后一个元素[i][p]留给下一条边，因此这里不取等
ans[i][j--] = count++;
}
//每圈最左边的一条边的遍历
while(i > p){
//因为[p][p]就是这一圈的起始点，在第一条边就遍历过了，所以这里取等
ans[i--][j] = count++;
}
p++;
}
- 第二种：遍历每一条边是，就将该边所有未被访问的元素全部遍历；比如第一条绿色的，最后一个元素就访问了；然后第二条边黄色的就对应列的第二个开始，因为第一个已经被访问了；之后的边以此类推；
代码实现（C++）：
//count控制遍历完了没有
while(count <= n*n){
//遍历最上边的一条边
for(int i = left; i <= right ; i++){
ans[top][i] = count++;
}
//遍历完后top++
top++;
//遍历最右边的边
for(int i = top; i <= bottom; i++){
ans[i][right] = count++;
}
//遍历完后right--
right--;
//遍历最下边的边
for(int i = right; i >= left ;i--){
ans[bottom][i] = count++;
}
//遍历完后bottom--
bottom--;
//遍历最左边一条边
for(int i = bottom; i >= top; i--){
ans[i][left] = count++;
}
//遍历完后left++
left++;
}
59. 旋转矩阵Ⅱ
螺旋矩阵 II
题目内容如下：
注意点是n*n的正方形矩阵，行列数量相同。只要按照前面提到的顺时针访问数组的过程中，给每个位置递增赋值就好。俺圈遍历的过程中，需要循环遍历多少次呢？答案是(n+1)/2次。
但是按照上面提到的第一种俺圈遍历的过程中：
- n为偶数时，每次减少2行，2 列，最后刚好遍历完；
- n为奇数时，最后一次只有单独一个，因为每一行的最后一个元素都留给下一行了，所以实际上没有哪一行去遍历了。比如n=5，p=2时，i=2，j=2，n-1-p=2，由于i=j=p=n-1-p，第一种代码提到的四种循环条件都不满足。所以在最后要单独给这个位置赋值。代码如下（C++）：
class Solution {
public:
vector<vector<int>> generateMatrix(int n) {
int count = 1;
int i, j, p;
vector<vector<int>> ans(n,vector<int>(n));
//因为n为奇数的最后一圈在最后单独赋值，所以这里p<n/2就好
for(int p = 0; p < n/2; p++){
i = p;
j = p;
while(j < n - 1 - p){
ans[i][j++] = count++;
}
while(i < n - 1 - p){
ans[i++][j] = count++;
}
while(j > p){
ans[i][j--] = count++;
}
while(i > p){
ans[i--][j] = count++;
}
}
//n为奇数时，最后一个位置（最中间）单独赋值
if( n%2 != 0){
ans[n/2][n/2] = count;
}
return ans;
}
};
对于第二种按圈遍历的过程，因为用top//bottom//left//right来控制，最后中间位置的能够遍历到，必须要额外的处理，代码如下（C++）：
class Solution {
public:
vector<vector<int>> generateMatrix(int n) {
vector<vector<int>> ans(n,vector<int>(n));
int left = 0, right = n - 1;
int top = 0, bottom = n -1;
int count = 1;
while(count <= n*n){
int i;
for(i = left; i <= right ; i++){
ans[top][i] = count++;
}
top++;
for(i = top; i <= bottom; i++){
ans[i][right] = count++;
}
right--;
for(i = right; i >= left ;i--){
ans[bottom][i] = count++;
}
bottom--;
for(i = bottom; i >= top; i--){
ans[i][left] = count++;
}
left++;
}
return ans;
}
};
54. 旋转矩阵
54. 旋转矩阵
题意如下：
跟上一题不同的点在于，矩阵由nn变成了mn，m和n不一定相等，即现在的矩阵可能不再是正方形的了。那么根据m（行数）///n（偶数）是奇数还是偶数？大小关系可以分为以下七种情况：
分析这7种情况，得出结论，只要满足如下两种情况之一，最后就有需要单独处理的：
- m<n并且m是奇数（不管n是奇是偶），最终会多出来一行（因为m行数更小，行先结束圈的遍历，但是列还有更多的，所以多出来一行）；
- n<m并且n是奇数（不管m是奇是偶），最终会多出来一列（因为n列数更小，列先结束圈的遍历，但是行还有很多，所以多出来一列）；
（m=n同为奇数的情况可以归为上述任意一种）。
代码实现的过程，就是最终会判断一下是否出现上面的情况，然后单独处理这一行///这一列就好，代码如下：
class Solution {
public:
vector<int> spiralOrder(vector<vector<int>>& matrix) {
int step_i = 0, step_j = 0, index = 0;
int m = matrix.size(), n = matrix[0].size();
vector<int> ans(m*n);
//与上一题代码基本一致，只是<m/2和<n/2需要单独判断
while(step_i < m/2 && step_j < n/2){
int i = step_i;
int j = step_j;
for(; j < n - 1 -step_j; j++){
ans[index++] = matrix[i][j];
}
for(; i < m - 1 - step_i; i++){
ans[index++] = matrix[i][j];
}
for(; j > step_j; j--){
ans[index++] = matrix[i][j];
}
for(; i > step_i ;i--){
ans[index++] = matrix[i][j];
}
step_i++;
step_j++;
}
//行是奇数并且m<n，剩下一行
if(m%2 != 0 && step_i == m/2){
for(int j = step_j; j < n - step_j; j++)
ans[index++] = matrix[step_i][j];
}
//列是奇数并且n<m，剩下一列
else if(n%2 != 0 && step_j == n/2){
for(int i = step_i; i < m -step_i; i++ )
ans[index++] = matrix[i][step_j];
}
return ans;
}
};
如果用第二种按圈遍历的方法，更简单，只是在大循环内依次进行的四个小循环，需要在最后两个循环添加额外的循环条件：
class Solution {
public:
vector<int> spiralOrder(vector<vector<int>>& matrix) {
int m = matrix.size(), n = matrix[0].size();
vector<int> ans(m*n);
int left = 0, right = n - 1;
int top = 0, bottom = m - 1;
int index = 0;
while(index < m*n){
for(int i = left; i <= right; i++){
ans[index++] = matrix[top][i];
}
top++;
for(int i = top; i <= bottom; i++){
ans[index++] = matrix[i][right];
}
right--;
//需要添加额外的条件 index < m*n (根据实际题目要求选择对应的约束条件
for(int i = right; i >=left && index < m*n; i--){
ans[index++] = matrix[bottom][i];
}
bottom--;
//需要添加额外的条件index < m*n (根据实际题目要求选择对应的约束条件
for(int i = bottom; i >= top && index < m*n; i--){
ans[index++] = matrix[i][left];
}
left++;
}
return ans;
}
};
为什么要添加这两个？请看下例：
如果不在内层的四个循环的后两个中添加额外的限制，就会出现多遍历的情况。
剑指 Offer 29. 顺时针打印矩阵
剑指 Offer 29. 顺时针打印矩阵
和54是一样的题目，只是注意m和n可能等于0。
