【Leecode】Leecode刷题之路第44天之通配符匹配

news2024/11/14 12:00:11

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代码示例:(Java)

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复杂度分析

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官方解法

44-通配符匹配-官方解法

前言

本题与10. 正则表达式匹配非常类似,但相比较而言,本题稍微容易一些。因为在本题中,模式 p 中的任意一个字符都是独立的,即不会和前后的字符互相关联,形成一个新的匹配模式。因此,本题的状态转移方程需要考虑的情况会少一些。

方法1:动态规划

思路:

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代码示例:(Java)

public class Solution1 {
    public boolean isMatch(String s, String p) {
        int m = s.length();
        int n = p.length();
        boolean[][] dp = new boolean[m + 1][n + 1];
        dp[0][0] = true;
        for (int i = 1; i <= n; ++i) {
            if (p.charAt(i - 1) == '*') {
                dp[0][i] = true;
            } else {
                break;
            }
        }
        for (int i = 1; i <= m; ++i) {
            for (int j = 1; j <= n; ++j) {
                if (p.charAt(j - 1) == '*') {
                    dp[i][j] = dp[i][j - 1] || dp[i - 1][j];
                } else if (p.charAt(j - 1) == '?' || s.charAt(i - 1) == p.charAt(j - 1)) {
                    dp[i][j] = dp[i - 1][j - 1];
                }
            }
        }
        return dp[m][n];
    }


}

复杂度分析

  • 时间复杂度:O(mn),其中 m 和 n 分别是字符串 s 和模式 p 的长度。
  • 空间复杂度:O(mn),即为存储所有 (m+1)(n+1) 个状态需要的空间。此外,在状态转移方程中,由于 dp[i][j] 只会从 dp[i][…] 以及 dp[i−1][…] 转移而来,因此我们可以使用滚动数组对空间进行优化,即用两个长度为 n+1 的一维数组代替整个二维数组进行状态转移,空间复杂度为 O(n)。

方法2:贪心算法

思路:

在这里插入图片描述

// 我们用 sIndex 和 pIndex 表示当前遍历到 s 和 p 的位置
// 此时我们正在 s 中寻找某个 u_i
// 其在 s 和 p 中的起始位置为 sRecord 和 pRecord

// sIndex 和 sRecord 的初始值为 0
// 即我们从字符串 s 的首位开始匹配
sIndex = sRecord = 0

// pIndex 和 pRecord 的初始值为 1
// 这是因为模式 p 的首位是星号,那么 u_1 的起始位置为 1
pIndex = pRecord = 1

while sIndex < s.length and pIndex < p.length do
    if p[pIndex] == '*' then
        // 如果遇到星号,说明找到了 u_i,开始寻找 u_i+1
        pIndex += 1
        // 记录下起始位置
        sRecord = sIndex
        pRecord = pIndex
    else if match(s[sIndex], p[pIndex]) then
        // 如果两个字符可以匹配,就继续寻找 u_i 的下一个字符
        sIndex += 1
        pIndex += 1
    else if sRecord + 1 < s.length then
        // 如果两个字符不匹配,那么需要重新寻找 u_i
        // 枚举下一个 s 中的起始位置
        sRecord += 1
        sIndex = sRecord
        pIndex = pRecord
    else
        // 如果不匹配并且下一个起始位置不存在,那么匹配失败
        return False
    end if
end while

// 由于 p 的最后一个字符是星号,那么 s 未匹配完,那么没有关系
// 但如果 p 没有匹配完,那么 p 剩余的字符必须都是星号
return all(p[pIndex] ~ p[p.length - 1] == '*')


在这里插入图片描述

代码示例:(Java)

public class Solution2 {
    public boolean isMatch(String s, String p) {
        int sRight = s.length(), pRight = p.length();
        while (sRight > 0 && pRight > 0 && p.charAt(pRight - 1) != '*') {
            if (charMatch(s.charAt(sRight - 1), p.charAt(pRight - 1))) {
                --sRight;
                --pRight;
            } else {
                return false;
            }
        }

        if (pRight == 0) {
            return sRight == 0;
        }

        int sIndex = 0, pIndex = 0;
        int sRecord = -1, pRecord = -1;

        while (sIndex < sRight && pIndex < pRight) {
            if (p.charAt(pIndex) == '*') {
                ++pIndex;
                sRecord = sIndex;
                pRecord = pIndex;
            } else if (charMatch(s.charAt(sIndex), p.charAt(pIndex))) {
                ++sIndex;
                ++pIndex;
            } else if (sRecord != -1 && sRecord + 1 < sRight) {
                ++sRecord;
                sIndex = sRecord;
                pIndex = pRecord;
            } else {
                return false;
            }
        }

        return allStars(p, pIndex, pRight);
    }

    public boolean allStars(String str, int left, int right) {
        for (int i = left; i < right; ++i) {
            if (str.charAt(i) != '*') {
                return false;
            }
        }
        return true;
    }

    public boolean charMatch(char u, char v) {
        return u == v || v == '?';
    }


}

复杂度分析

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On the Average-case Complexity of Pattern Matching with Wildcards 【来自于:Cornell University(康奈尔大学)】

结语

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AC自动机

Set Matching and Aho-Corasick Algorithm【来自于:Carnegie Mellon University(卡内基梅隆大学 ),Java之父詹姆斯·高斯林 (James Gosling)在该校获得计算机科学博士学位】

考察知识点

1.通配符匹配

收获

1.通配符

2.伪代码

Gitee源码位置

44-通配符匹配-源码

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