Leetcode 每日一题：Word Ladder

news2024/9/21 12:35:07

写在前面：

今天我们来看一道图论的题，这道题目是我做过目前最难与图论联想到的一道题目之一。如果没有提示的话，我们很容易往 dp 等解决 array 问题的方向去解决它，经过我超过 2个小时的思考我觉得这种方向是没前途的～～ 那今天就让我们一起来看下这道看起来不像是图论的题，我们怎么样巧妙的把它转化为图论中找最小路径的问题并利用 BFS 等经典算法将它解决！

题目介绍：

题目信息：

题目链接：https://leetcode.com/problems/word-ladder/description/
题目类型：Graph，BFS
题目难度：Hard
题目来源：Google 高频面试真题

题目问题：

给定一个字符串数列，一个 BeginWord，一个EndWord
要求从 BeginWord 开始，每次只改变一个字母并且改变后的单词需要在字符串序列中
如果能以这样的方式一步步的将 BeginWord 变成 Endword，则求出最少需要几次变化
如果无法完成则返回 0
例子：

题目想法：

如何利用只变一个字母的特性：

这道题目的题眼就在于每次只能变化一个字母，并且这个变化的规则是必须按着给定字符串里有的 string 进行变化才可以。同时，他又给定了一个 beginWord 和一个 endWord，要求通过一次次变化之后，能将 beginWord 变成 endWord

如果将字符串数组里的每一个 “中间字符串” 想象成一个个中间节点，beginWord想成起点，endWord想成终点，他们之间如果只是相差一个字母，则有路径链接，这道题目看起来像什么呢？ --- 没错！就是走迷宫类似的图论问题！

图论构造：

有了这个思路，我们尝试用可视化的方法把这道题转化为图论问题。我们有一个起点和一个终点节点，每一个给定的字符串数列元素都是一个中间节点，并且起点，终点，中间节点直接，如果两个单词只差一个字母，则他们俩是 “邻居”，并且可以互相访问，可构造的抽象图如下：

Adjacent List 构造：

解决图论问题最关键的算法结构就是 adjacent List 的构造，这关系到我们在遍历图的时候如何前进。这道题目的 adjacent 关系就来源于我们的 “只能变化一个字母”

举例：

hot ----> hat 他们只有中间一个字母变化了，所以他们的单词结构都是 “h * t"

dog -----> log 他们同样有相同的单词结构 “ * og”

我们可以看出，对于一个单词，他的每一个字母替换成 *，都能形成一种 semantic，也就是单词结构，而如果我们根据相同的单词结构，就能随意的在这些单词之间进行切换：

所以我们的 Adjacent List 的结构为：

<string, vector<string>>: <semantic, vector<string that have this semantic>>

BFS

当我们将 adjacent List 构造出来以后，我们的图形就完成了。接下来，根据题目特性要寻找最短路径，同时每一条路径都是 unweighted 的，同时要避免出现重复，我们选择 BFS 算法来进行遍历

题目解法：

创建 semantic 字典
遍历所有给定中间字符串
- 根据每个字符串的每一个 semantic进行遍历插入
创建 visited 字典避免重复
标准 BFS 解决 beginWord 到 endWord 的最短路径问题
- 创建的 queue 要带上（当前字符串，当前消耗次数）
- 如果这次 iterate 能成功，返回消耗次数 +1
- 如果失败，且未曾访问过，（新字符串，消耗次数 + 1）入队
返回 0， BFS 失败没有结果

题目代码：

class Solution {
public:
    unordered_map<string, vector<string>> dictStringFormat;
    unordered_map<string, bool> visited;
    
    //BFS to find the answer, return the shortest level we need or 0 if no solutions. 
    int BFSRes(string beginWord, string endWord, vector<string>& wordList){
        queue<pair<string, int>> q;
        q.push({beginWord, 1});
        while(!q.empty()){
            string currentWord = q.front().first;
            int currentLevel = q.front().second;
            q.pop();
            
            for(int i = 0; i < currentWord.size(); i++){
                string semantic = currentWord.substr(0, i) + "*" + currentWord.substr(i+1);
                for(string similarString: dictStringFormat[semantic]){
                    //if we found the string
                    if(similarString == endWord){
                        return currentLevel + 1;
                    }
                    
                    //else, determine whether enqueue or not:
                    if(!visited.contains(similarString)){
                        visited[similarString] = true;
                        q.push({similarString, currentLevel + 1});
                    }
                }
            }
        }
        return 0;
    }
    
    int ladderLength(string beginWord, string endWord, vector<string>& wordList) {
        int stringLen = beginWord.size();
        
        //make a connection for each string with one semantic:
        for(string word: wordList){
            for(int i = 0; i < stringLen; i++){
                string word_semantic = word.substr(0, i) + "*" + word.substr(i+1);
                dictStringFormat[word_semantic].push_back(word);
            }
        }
        
        //Perform BFS from start to find the shortest path to the end: 
        return BFSRes(beginWord, endWord, wordList);
    }
};