解法都在代码里，不懂就留言或者私信

class Solution {
    /**本题的解题思路是双指针：一个从头开始一个从尾巴开始，两头的肯定是没有办法接住雨水的,你可以认为0位置左边是0的柱子
    所以理论上我们是从1遍历到n-2，但是你也可以遍历0到N-1，两种方式的不用我们设置的变量值也不同
    以我从1~n-2遍历来说，我先把lMax设置为heigh[0], rMax设置为height[height.lenght - 1]
    如果以0~N-1遍历来说，两个变量都设置为0
    遍历的过程中比较lMax和rMax的大小，lMax小结算左边，rMax小的话结算右边
    如果lMax和rMax相同则两个都结算，所以遍历过程中很可能出现每次计算两个的情况，比如[5,1,1,2,3,4,5]
    左边结算时用Math.max(0, lMax-height[left]),右边使用Math.max(0, rMax-height[right])
    这样结算的原理是就算只有两根柱子，我们要结算的柱子加上水也至少可以到达短的那个柱子的高度
    但是就算中间有更高的柱子，根据木桶原理，也确实只能放这么多
    */
    public int trap(int[] height) {
        /**空的或者只有两个及以下的柱子是放不了水的，因为我们认为边缘的柱子高度都是0 */
        if(height == null || height.length <= 2){
            return 0;
        }
        /**左边从1开始，右边从height.length-2开始 */
        int left = 1;
        int right = height.length - 2;
        /**lMax, rMax代表目前为止左右柱子的最大高度 */
        int lMax = height[0];
        int rMax = height[height.length - 1];
        int ans = 0;
        while(left < right) {
            /**lMax小计算左边,rMax大更新右边，中间记得尝试更细lMax和rMax*/
            if(lMax < rMax) {
                ans += Math.max(0, lMax - height[left]);
                lMax = Math.max(lMax, height[left ++]);
            } else if(rMax < lMax) {
                ans += Math.max(0,rMax - height[right]);
                rMax = Math.max(rMax, height[right --]);
            } else {
                ans += Math.max(0,lMax - height[left]);
                ans += Math.max(0,rMax - height[right]);
                lMax = Math.max(lMax, height[left ++]);
                rMax = Math.max(rMax, height[right--]);
            }
        }
        /**如果最后是因为left=right退出的，需要单独结算一下这个位置 */
        if(left == right) {
            ans += Math.max(0, Math.min(lMax, rMax) - height[left]);
        }
        return ans;
    }
}

运行结果