输入样例：

5
1 5 3 2 4

输出样例：

3 4

 解析：

        以某个点 i 为最低点的 V 的数量，为 i 左侧和右侧比 a[ i ] 大的数量 a，b 的乘积。

        但是，直接求这两个数的复杂度为O(n)，则整个复杂度为O( n^2 )，数据量2e5超时。

        所以需要将查询a，b两个数的复杂度讲到 logn 以下。

        树状数组的下标储存 a[ i ]，值储存 a[ i ] 的个数，所以，先计算 a[ i ] 左侧比 a[ i ] 大的数量，再计算右侧的数量，乘积加和即可。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=2e5+5;
int n,great[N],low[N],c[N],a[N];
int lowbit(int x){return x&-x;}
void add(int x){
	for(int i=x;i<=n;i+=lowbit(i)) c[i]+=1;
}
int sum(int x,int y){
	int res=0;
	for(int i=y;i;i-=lowbit(i)) res+=c[i];
	for(int i=x-1;i;i-=lowbit(i)) res-=c[i];
	return res;
}
int main(){
	scanf("%d",&n);
	for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]);
	for(int i=1;i<=n;i++){
		great[i]=sum(a[i]+1,n);	//计算 i 左侧大于a[i]的数量 
		low[i]=sum(1,a[i]-1);	//计算 i 左侧小于a[i]的数量
		add(a[i]);
	}
	ll cnt1=0,cnt2=0;
	memset(c,0,sizeof c);
	for(int i=n;i;i--){
		cnt1+=great[i]*(ll)sum(a[i]+1,n);
		cnt2+=low[i]*(ll)sum(1,a[i]-1);
		add(a[i]);
	}
	cout<<cnt1<<" "<<cnt2;
	return 0;
}