软考已经迫在眉睫，趁着最后的时间赶紧冲刺起来。

今天给大家整理了——软考程序员经典100道高频题（含解析），涵盖大部分知识点，有PDF版，可打印出来考一考，说不定考试时候就能遇到很多熟悉的“老朋友”。

 

1、某DRAM芯片的存储容量为512K×16位，则该芯片的地址线和数据线宽度分别为（  ）。
A、9,16
B、19,16
C、10,16
D、512,16
试题答案：
B
试题解析：
本题考查计算机系统基础知识内存编址相关计算问题。
512K=29K=29×210=219，即存储单元用19位编址，因此地址线宽度为19，
16位表示的就是数据线宽度为16。
综合分析，本题选B。

2、对于值不为0的整型变量X，（  ）运算可得到0。
A、X与X进行按位与
B、X与X进行按位或
C、X与X进行按位异或
D、对X进行按位非
试题答案：
C
试题解析：
本题考查数据表示和运算的基础知识。
若X不为0，则其二进制表示中必然有1，下面分别分析对X进行按位的四种运算。
进行按位与运算时，结果中对应位仍然为1,即X与X的结果为X，
进行按位或运算时，运算结果也是X。
而按位与运算或者是或运算的时候，其X的结果都不为0，其逻辑值就为1（真），所以AB排除掉。
异或运算是指两个运算对象相同时，结果为0，不同时结果为1，这样就导致结果位的每一位都为0，结果为0（取值为假）
最好按位进行非运算，就是对每个数据进行取反，这种情况是说不定的，只有当数值全为11111111的时候，结果才为0。
综合分析，本题选C。

3、已知二进制正整数X=1010111,若码长为8，则[-X]补表示为（  ）。
A、01010111
B、11010111
C、10101001
D、10101000
试题答案：
C
试题解析：
本题考查数据表示和运算的基础知识。
X是正整数，那么-X就是负整数。负整数的原码表示为符号位为1，数值位为绝对值。码长为8时，
根据正数和负数的原码都表示相同，可以得出[-X]原=11010111。
负整数的补码表示等于其原码表示的数值位部分各位取反之后，末位加1。因此得出，
[-X]反=10101000，[-X]补=10101001。
综合分析，本题选C。

4、以下各进制正整数中，值最大的是（  ）。
A、(10101101)2
B、(264)8
C、(155)10
D、(AE)16
试题答案：
B
试题解析：
本题考查数据表示和运算的基础知识。
将各进制数值统一为同一进制后进行比较，统一转换成十进制。
A选项(10101101)2=27+25+23+22+20=128+32＋8＋4+1=173
B选项(264)8-2×(82)+6×(81)+4×(80)=128＋48＋4=180
C选项(155)10=150
D选(AE)16=10×(161)+14×(160)=160+14=174
综合分析，本题答案选B，其值最大。

5、以下关于计算机系统总线的说法中，错误的是（  ）。
A、地址总线宽度决定了CPU能直接访问的内存单元的个数
B、数据总线的宽度决定了在主存储器和CPU之间数据交换的效率
C、地址总线的宽度越小，则允许直接访问主存储器的物理空间越大
D、数据总线的宽度决定了通过它能并行传递的二进制位数
试题答案：
C
试题解析：
本题考查计算机系统基础知识。
在计算机中，总线宽度分为地址总线宽度和数据总线宽度。其中，数据总线的宽度（传输线根数）决定了通过它一次所能传递的二进制位数。显然，数据总线越宽，则每次传递的位数越多，因而，数据总线的宽度决定了在主存储器和CPU之间数据交换的效率。地址总线宽度决定了CPU能够使用多大容量的主存储器，即地址总线宽度决定了CPU能直接访问的内存单元的个数。
综合分析，ABD选项描述都是正确的，C选项描述错误，总线宽度越小，则允许直接访问主存储器的物理空间越小，所以本题答案选C。

6、（  ）是指CPU一次能并行处理的二进制位数，是CPU的主要技术指标之一。
A、字节
B、带宽
C、位宽
D、字长
试题答案：
D
试题解析：
本题考查计算机性能方面的基础知识。
字长是CPU一次能并行处理的二进制数据的位数，字长越长，数据的运算精度也就越高，计算机的处理能力就越强。
综合分析，本题选D。

7、CPU向外设(例如打印机)输出数据的速度很快，会导致外设不能及时处理收到的数据，采用（  ）可解决这种工作速度不匹配的矛盾。
A、并发技术
B、缓冲技术
C、虚拟技术
D、流水技术
试题答案：
B
试题解析：
本题考查计算机系统基础知识。
工作速度差异大的设备之间交换数据时，常采用缓冲技术解决速度不匹配的问题。
综合分析，本题选B。

8、在寄存器间接寻址方式下，操作数存放在（  ）中。
A、栈空间
B、指令寄存器
C、主存单元
D、通用寄存器
试题答案：
C
试题解析：
本题考查计算机系统基础知识。
寄存器间接寻址是将指定的寄存器内容作为地址，由该地址所指的单元内容作为操作数，即将数据在内存单元的地址存放在寄存器中。
而寄存器寻址就是操作数存放在指定的寄存器中，寄存器间接寻址是将操作数地址放在寄存器中，操作数放在主存单元中。
综合分析，故本题选C。

9、CPU包括运算器、控制器等部件，其中运算器的核心部件是（  ）。
A、数据总线
B、算术逻辑单元
C、状态寄存器
D、累加寄存器
试题答案：
B
试题解析：
本题考查计算机系统基础知识。
算术逻辑单元是指能实现多组算术运算与逻辑运算的组合逻辑电路，是CPU中运算器的核心部件。
数据总线不属于运算器部件的内容，而状态寄存器和累加寄存器都负责执行其响应的功能，不属于运算器核心的部件。
综合分析，本题选B。

10、设在某C程序中有以下变量声明(定义）和初始化语句，那么值为0(即逻辑假）的表达式为()。
intx=5,y=0;charz='0';
A、!(xlly)&&z
B、(x||!y)&&(!x||z)
C、xlly&&z
D、(x&&y)ll(x&&z)
试题答案：
A
试题解析：
本题考查程序语言基础知识。
在C语言中，运算符“&&”表示“逻辑与”运算，运算符“||”表示“逻辑或”运算,对于非0的值都看作逻辑真。
因此，(x||y)的值为真(即1)，字符变量z设置初始值为字符'0',其ASCII码值为48，因此z的值为非0，由此可知，选项A的逻辑表达式!(x||y)&&z等于!1&&48，结果为0(逻辑假)；
选项B的逻辑表达式(x||!y)&&(!x|z)等于(5||1)&&(0||48),结果为1(逻辑真);
选项C的逻辑表达式x||y&&z，短路计算方式下由x的值为非0可确定整个表达式的结果为非0，即1(逻辑真);
选项D(x&&y)即(5&&0)的值等于0，而(x&&z)即(5&&48)的值等于非0(即1)，因此(x&&y)||(x&&z)的值等于1。
综合分析，本题选A。

11、设码长为8，则采用原码可表示的整数范围是().
A、-128~127
B、-127~127
C、-2-128~2127
D、-2-127~2127
试题答案：
B
试题解析：
本题考查计算机系统数据表示的基础知识。
原码表示的规则为:最高位为符号位，0正1负。
取值范围为：-（2n-1）~（2n-1），码长为8时数值位的最大绝对值为27-1(即127)，因此数值范围为-127~127。
综合分析，本题选B。

12、（  ）是一种采用非线性网状结构对块状多媒体信息（包括文本、图像、视频等）进行组织和管理的技术。
A、超媒体
B、富媒体
C、自媒体
D、流媒体
试题答案：
A
试题解析：
本题考查多媒体技术基础知识。
超媒体是一种采用非线性网状结构对块状多媒体信息(包括文本、图像、视频等）进行组织和管理的技术。
富媒体是指具有动画、声音、视频和交互性的信息传播方式。
自媒体是指普通大众通过网络等途径向外发布自身事实和新闻的传播方式。
流媒体也称为流式媒体，是通过流式传输的方式在网络上播放媒体格式，是边传边播的媒体，实际指一种新的媒体传送方式，有声音流、视频流、文本流、图像流、动画流等，而非一种新的媒体。
综合分析，本题选A，这是对超媒体的描述。

13、（  ）是主要依靠软件生成而无法通过扫描获得的图像。
A、点阵图
B、位图
C、像素图
D、矢量图
试题答案：
D
试题解析：
本题考查多媒体技术基础知识。
矢量图根据几何特性来绘制图形，矢量可以是一个点或一条线，矢量图只能用软件生成。这种类型的图像文件包含独立的分离图像，可以无限制地重新组合，因此缩放后不失真。
而位图（像素图、点阵图）基本元素是像素，用若干二进制位来指定像素的颜色、亮度和属性。放大后会失真。存储空间大，需进行压缩。
综合分析，本题选D。

14、在微型计算机系统中，显示器属于一种()。
A、交换媒体
B、传输媒体
C、表现媒体
D、存储媒体
试题答案：
C
试题解析：
本题考查多媒体基础知识。
显示器属于输入输出设备，属于表现媒体。
交换媒体包含存储和传输媒体。
传输媒体主要用于信息传输，比方说：光纤
存储媒体主要用于存储信息，比方说：磁盘
综合分析，本题选C。

15、使用图像扫描仪以300DPI的分辨率扫描一幅3英寸X3英寸的图片，可以得到（  ）像素的数字图像。
A、100X100
B、300X300
C、600X600
D、900X900
试题答案：
D
试题解析：
本题考查多媒体的基础知识。
分辨率为300DPI（每英寸）时，3英寸为3X300=900像素。

16、设语音信号的采样频率为16KHZ，量化精度为10位，单声道输出，则每小时的数据量约为（  ）MB。
A、160
B、80
C、68.66
D、9.37
试题答案：
C
试题解析：
音频容量计算：每秒容量=采样频率（Hz）×量化/采样位数（位）×声道数÷8
1KHz=1000Hz，1MB=1024KB=1024*1024B
所以该题结果为：16*1000*10*1/8*60*60/1024/1024≈68.66MB

17、以下文件类型中，（  ）表示视频文件。
A、mp3
B、mp4
C、jpg
D、gif
试题答案：
B
试题解析：
本题考查多媒体的基本知识。
主要的视频格式有：.avi、.mov/.qt、.rm/.rmvb、.mpeg/.mpg/.dat/.mp4、.fli/.foc等，其中：.gif为动态图像格式。

18、在操作系统设备管理中，说法正确的是（  ）。
A、扫描仪属于独占设备，可以采用时间片轮转分配算法
B、扫描仪属于共享设备，可以采用多队列优先分配算法
C、打印机属于独占设备，不能采用时间片轮转分配算法
D、打印机属于共享设备，可以采用先来先服务分配算法
试题答案：
C
试题解析：
本题考查操作系统的基础知识。
独占设备和共享设备的区别为：
独享设备:即不能共享的设备,一段时间只能由一个作业独占。如打印机、读卡机、磁带机等。所有字符型输入输出设备原则上都应是独享设备。
共享设备:可由若干作业同时共享的设备,如磁盘机等。共享分配技术保证多个进程可以同时方便地直接存取一台共享设备。共享提高了设备的利用率。
经过分析，打印机和扫描仪都属于独占设备，B和D选项被排除。
操作系统对于独占设备是不能采用时间片轮转分配算法的，若让用户轮流使用，会产生错误。例如，两个以上(包括两个）用户同时都申请使用打印机，操作系统采用时间片轮转分配算法让每个用户轮流地使用打印机，会导致不同用户信息打在同一页面上无法识别等错误。
综合分析，本题选C。

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